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7A7NRLVR99992AR9 2014屆山東省師范大學(xué)附屬中學(xué)高三第三次模擬考試物理試卷（帶解析）試卷分析按題型統(tǒng)計(jì)（總題數(shù)：19題） 按難易統(tǒng)計(jì)（總體難度：0.56）選擇題15題(78.9%) 容易題1題(5.3%)填空題0題 較易題2題(10.5%)實(shí)驗(yàn)題1題(5.3%) 一般題16題(84.2%)計(jì)算題3題(15.8%) 較難題0題作圖題0題 困難題0題簡(jiǎn)答題0題1.我國(guó)“蛟龍?zhí)枴鄙顫撈鬟M(jìn)行下潛試驗(yàn)，從水面開始豎直下潛，最后返回水面，速度圖象如圖所示，則有A．本次下潛的最大深度為6mB．全過(guò)程中的最大加速度為0．025m／s2C．超重現(xiàn)象發(fā)生在3～4min和6～8min的時(shí)間段D．0～4min和6～10min兩時(shí)間段平均速度相同【答案】C【解析】試題分析： 圖象與坐標(biāo)圍成的面積表示位移，則最大深度為：S=×(120+240)×2m＝360m，故A錯(cuò)誤；第一秒內(nèi)加速度最大，a= m/s2＝0.033m/s2，故B錯(cuò)誤；3-4min和6-8min的時(shí)間段加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，故C正確；0-4min內(nèi)的平均速度大小為 m/s＝1.5m/s，方向向下，6～l0min平均速度大小為： m/s＝1.5m/s，方向向上，故D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖像的理解與應(yīng)用2.如圖所示，質(zhì)量為m的滑塊置于傾角為30°的粗糙斜面上，輕彈簧一端固定在豎直墻上的P點(diǎn)，另一端系在滑塊上，彈簧與豎直方向的夾角為30°，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，則A．滑塊一定受到三個(gè)力作用B．彈簧一定處于壓縮狀態(tài)C．斜面對(duì)滑塊的支持力大小可能為零D．斜面對(duì)滑塊的摩擦力大小一定等于mg【答案】D【解析】試題分析：彈簧與豎直方向的夾角為30°，所以彈簧的方向垂直于斜面，因?yàn)閺椈傻男巫兦闆r未知，所以斜面與滑塊之間的彈力大小不確定，所以滑塊可能只受重力、斜面支持力和靜摩擦力三個(gè)力的作用而平衡，此時(shí)彈簧彈力為零，處于原長(zhǎng)狀態(tài)，A、B錯(cuò)誤；由于滑塊此時(shí)受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于mg），不可能為零，所以斜面對(duì)滑塊的支持力不可能為零，C錯(cuò)誤；D正確．考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用，力的合成與分解的運(yùn)用3.在水平冰面上，一輛質(zhì)量為1×103kg的電動(dòng)雪橇做勻速直線運(yùn)動(dòng)，關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后，雪橇滑行一段距離后停下來(lái)，其運(yùn)動(dòng)的v—t圖象如圖所示，那么關(guān)于雪橇運(yùn)動(dòng)情況以下判斷正確的是A．關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后，雪橇的加速度為-2 m／s2B．雪橇停止前30s內(nèi)通過(guò)的位移是150 mC．雪橇與水平冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)約為0．03D．雪橇勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為5×103W【答案】D【解析】試題分析：關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后，雪橇的加速度為a= m/s2=-0.5m/s2，故A錯(cuò)誤．雪橇停止前30s內(nèi)通過(guò)的位移是s=×(30+10)×10="200" m，故B錯(cuò)誤．關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后，a==0.5m/s2，解得：μ=0.05，故C錯(cuò)誤；雪橇勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為P=Fv=μmgv=5×103 W，故D正確．考點(diǎn)：功率的計(jì)算，滑動(dòng)摩擦力，牛頓第二定律4.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一個(gè)半徑為R，粗細(xì)不計(jì)的圓管軌道．半徑OA水平、OB豎直，一個(gè)質(zhì)量為m的小球自A正上方P點(diǎn)由靜止開始自由下落，小球恰能沿管道到達(dá)最高點(diǎn)B，已知AP=2R，重力加速度為g，則小球從P到B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中A．重力做功2mgRB．機(jī)械能減少mgRC．合外力做功mgRD．克服摩擦力做功mgR【答案】B【解析】試題分析：重力做功與路徑無(wú)關(guān)，只與初末位置高度差有關(guān)，故WG=mgR，故A錯(cuò)誤；小球恰能沿管道到達(dá)最高點(diǎn)B，得到B點(diǎn)速度為零，故小球從P到B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，動(dòng)能增加量為零，重力勢(shì)能減小量為mgR，故機(jī)械能減少量為mgR，故B正確；小球從P到B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，合外力做功等于動(dòng)能的增加量，為零，故C錯(cuò)誤；由B選項(xiàng)分析得到機(jī)械能減小量為mgR，而機(jī)械能減小量等于克服摩擦力做的功，故克服摩擦力做功為mgR，故D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：功的計(jì)算，動(dòng)能定理，功能關(guān)系：功的計(jì)算，動(dòng)能定理，功能關(guān)系5.據(jù)悉，我省女宇航員王亞平搭乘“神舟十號(hào)”飛船于2015年6月上旬飛向太空，“神舟十號(hào)”發(fā)射初始軌道為近地點(diǎn)約200公里、遠(yuǎn)地點(diǎn)約330公里的橢圓軌道，升空后再和目標(biāo)飛行器“天宮一號(hào)”對(duì)接，并對(duì)其進(jìn)行短暫的有人照管試驗(yàn)，交會(huì)對(duì)接軌道為距地約343公里的近圓軌道。假設(shè)“神舟十號(hào)”飛船發(fā)射升空后，先后經(jīng)歷了多次變軌?調(diào)整到處于“天宮一號(hào)”目標(biāo)飛行器后方約52km處，并與“天宮一號(hào)”處于同一離地面高度相同的圓形軌道上，最后與“天宮一號(hào)”實(shí)施對(duì)接，完成浪漫的“太空之吻”。忽略它們之間的萬(wàn)有引力，則A．“神舟十號(hào)”與“天宮一號(hào)”受到地球吸引力的大小相等B．“神舟十號(hào)”由初始橢圓軌道變?yōu)樽罱K的圓形軌道時(shí)周期變長(zhǎng)C．“天宮一號(hào)”的速度比地球同步衛(wèi)星速度小D．對(duì)接前，“神舟十號(hào)”欲追上“天宮一號(hào)”，必須在同一軌道上點(diǎn)火加速【答案】B【解析】試題分析：由萬(wàn)有引力提供向心力，有，得：a＝，即“神舟八號(hào)”與“天宮一號(hào)”的加速度大小相等，由于“神舟十號(hào)”與“天宮一號(hào)”的質(zhì)量關(guān)系不清楚，所以“神舟十號(hào)”與“天宮一號(hào)”受到地球的吸引力大小關(guān)系不確定，故A錯(cuò)誤； 由開普勒定律 可知“神舟十號(hào)”由初始橢圓軌道變?yōu)樽罱K的圓形軌道時(shí)軌道半長(zhǎng)軸變大，周期變長(zhǎng)，故B正確；由 ，得：v＝，“天宮一號(hào)”的軌道半徑小于同步軌道衛(wèi)星的軌道半徑，所以“天宮一號(hào)”的速度比地球同步衛(wèi)星速度大，故C錯(cuò)誤；飛船加速后會(huì)做離心運(yùn)動(dòng)，軌道高度將會(huì)更高，故神舟十號(hào)應(yīng)該在較低軌道加速，故D錯(cuò)誤。考點(diǎn)：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用6.一帶負(fù)電荷的質(zhì)點(diǎn)，在電場(chǎng)力作用下沿曲線abc從a運(yùn)動(dòng)到c，已知質(zhì)點(diǎn)的速率是遞增的。關(guān)于b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向，下列圖示中可能正確的是(虛線是曲線在b點(diǎn)的切線)【答案】B【解析】試題分析：A圖中電荷做曲線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與速度方向不在同一直線上，應(yīng)指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，不可能沿軌跡的切線方向，則場(chǎng)強(qiáng)也不可能沿軌跡的切線方向，故A錯(cuò)誤．B圖中負(fù)電荷所受的電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，圖中電場(chǎng)力方向與速度方向的夾角為銳角，電場(chǎng)力做正功，電荷的速率增大，與題相符，故B正確．C圖中場(chǎng)強(qiáng)方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，則電場(chǎng)力指向軌跡的外側(cè)，電荷的軌跡應(yīng)向上彎曲，不可能沿如圖的軌跡運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤．D圖中場(chǎng)強(qiáng)方向指向軌跡的外側(cè)，則電場(chǎng)力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，而且電場(chǎng)力方向與電荷的速度方向成鈍角，電場(chǎng)力做負(fù)功，電荷的速率減小，不符合題意．故D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度，向心力，電場(chǎng)中的軌跡問(wèn)題A．U變小，Ep不變B．E變大,Ep不變C．U變大，Ep不變D．U不變，Ep不變【答案】A【解析】試題分析：平行板電容器充電后與電源斷開，電量Q不變，將正極板移到圖中虛線所示的位置時(shí)，d減小，根據(jù)C=知，電容增大，根據(jù)U=可知，電勢(shì)差減�。瓻=，知電場(chǎng)強(qiáng)度不變．則P與負(fù)極板間的電勢(shì)差不變，P點(diǎn)的電勢(shì)不變，正電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能不變，故A正確．考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析【答案】B【解析】試題分析：設(shè)地磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B地，當(dāng)通過(guò)電流為I，根據(jù)題意可知：地磁場(chǎng)、電流形成磁場(chǎng)、合磁場(chǎng)之間的關(guān)系為： 當(dāng)夾角為30°時(shí)，有：B1=kI=B地tan30° ①當(dāng)夾角為60°時(shí)，有：B2=kI1=B地tan60° ②由①②解得：I1=3I，故B正確．考點(diǎn)：矢量合成的平行四邊形定則A．電壓表和電流表讀數(shù)都增大B．電壓表和電流表讀數(shù)都減小C．電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小D．電壓表讀數(shù)減小，電流表讀數(shù)增大【答案】A【解析】試題分析：當(dāng)觸頭向b滑動(dòng)時(shí)，R接入電路的電阻增大，總電阻增大，由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流減小，則內(nèi)電壓減小，由U=E-Ir可知路端電壓增大，即電壓表示數(shù)增大；因路端電壓增大，R1兩端的電壓減小，故并聯(lián)部分電壓增大，由歐姆定律可知電流表示數(shù)增大，故A正確�？键c(diǎn)：閉合電路的歐姆定律，直流電路的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題10.如圖所示：一帶電液滴在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中由靜止釋放，液滴沿直線由b運(yùn)動(dòng)到d直線bd方向與豎直方向成45°角，則下列結(jié)論正確的是A．液漓帶正電荷B．液滴的動(dòng)能不變、C．液滴做勻速直線運(yùn)動(dòng)D．液滴的電勢(shì)能減少【答案】D【解析】試題分析： 由題意可知，帶電液滴只受重力和電場(chǎng)力作用，兩個(gè)力都是恒力，其合力沿bd方向，則電場(chǎng)力必定水平向右，故液滴帶負(fù)電荷，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；合力做正功，據(jù)動(dòng)能定理知，動(dòng)能增大；電場(chǎng)力對(duì)液滴做正功，液滴的電勢(shì)能減少，故D正確． 考點(diǎn)：電勢(shì)能，電場(chǎng)強(qiáng)度，動(dòng)能定理11.下列表述正確的是A．庫(kù)侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷間相互作用規(guī)律B．法拉第最早引入了電場(chǎng)概念，并提出用電場(chǎng)線表示電場(chǎng)C．行星在圓周軌道上保持勻速率運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)是慣性D．安培發(fā)現(xiàn)了磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用規(guī)律【答案】AB【解析】試題分析：庫(kù)侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律——庫(kù)侖定律，A正確；法拉第最早提出了場(chǎng)的概念，即用電場(chǎng)線和磁感線形象的描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)，B正確；慣性是物體不受外力作用時(shí)保持靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)，C錯(cuò)誤；洛倫茲首先發(fā)現(xiàn)磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用規(guī)律，D錯(cuò)誤�？键c(diǎn)：物理學(xué)史12.如圖所示，固定坡道傾角為θ，頂端距光滑水平面的高度為h，一可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊質(zhì)量為m，從坡道頂端由靜止滑下，經(jīng)過(guò)底端O點(diǎn)進(jìn)入水平面時(shí)無(wú)機(jī)械能損失，為使小物塊制動(dòng)將輕彈簧的一端固定在水平面左側(cè)M處的豎直墻上，彈簧自由伸長(zhǎng)時(shí)右側(cè)一端恰好位于O點(diǎn)。已知小物塊與坡道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g,則下列說(shuō)法正確的是A．小物塊在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，下滑的加速度比上滑的加速度小B．當(dāng)小物塊壓縮彈簧到最短時(shí)，物塊的重力勢(shì)能完全轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能C．小物塊返回傾斜軌道時(shí)所能達(dá)到的最大高度為D．小物塊在往返運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中損失的機(jī)械能為mgh【答案】ACD【解析】試題分析：小物塊在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，下滑的加速度大小，上滑的加速度大小，故A正確；由于在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)要克服摩擦力做功，所以當(dāng)小物塊壓縮彈簧到最短時(shí)，物塊的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能和摩擦熱，故B錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理得下滑到O點(diǎn)時(shí)mgh-μmgcosθ?=mv2，又水平道光滑，由機(jī)械能守恒定律得mv2＝Ep，設(shè)小物塊返回2015屆山東省師范大學(xué)附屬中學(xué)高三第三次模擬考試物理試卷（帶解析）
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